EOJ Monthly 2018.1
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现在有一种石头剪刀布锦标赛。采取 100 局胜负制。对战 100 局，扣掉平局，谁赢得多谁就取得最终的胜利。
zzz 同学天天玩石头剪刀布，从而总结出了一套提高石头剪刀布胜率的方法。这套方法重点在于利用人的心理。石头剪刀布这三者，你可能觉得你是随机选择的，但其实不然。你还是会产生一定的偏向性。在若干局游戏后，有的人出石头的频数会高，有的人出布的频数会高，还有的人出剪刀的频数会高。
这点差异其实微乎其微，但却能成为决定胜负的关键。zzz 同学也就是靠着这微乎其微的差异，拿到了石头剪刀布世界冠军，攀上人生巅峰。
作为 zzz 同学的室友，你对 zzz 同学出石头剪刀布的套路掌握得一清二楚。具体如下：
- 他会根据对方之前已经出过的石头次数、剪刀次数、布次数，来决定最不利于对方的。比如对方剪刀最多，他一定会出石头；对方布最多，他一定会出剪刀；对方石头最多，他一定会出布。
- 在比赛开始前，他会给石头剪刀布各分配一个优先级，分别为 p,q,r 。如果存在两个一样多，或三个一样多，或者一个都没出过（刚开局），那么他会优先选择优先级高的。比如说对方出过的剪刀和布一样多，石头就比较少，那么他接下来的选择一定在石头和剪刀之间。如果石头的优先级为 3 ，剪刀的优先级为 2 ，那么他就会优先选择石头。
zzz 同学是很死板的，他肯定不会违背这套策略。也就是说，一旦你搞到了他即将参加的比赛的优先级 p,q,r ，你基本已经赢了，甚至连这 100 局每局是输是赢都想好了。
于是你膨胀了。你要去挑战世界冠军 zzz。
Input
有且仅有一行，三个整数 p,q,r ( { p,q,r}={ 1,2,3} )，用空格隔开。
不会有两个相同的测试点。
Output
输出 100 行，每行一个整数，依次为这 100 局你的选择。
石头输出 1 ，剪刀输出 2 ，布输出 3 。
Note
此题无样例。
分析： 其实我们在比赛中要赢zzz，而且注意题目其实是100局中每一局都是可控的。注意:"他会根据对方之前已经出过的石头次数、剪刀次数、布次数，来决定最不利于对方的“，这里的利用是实时的，即随着100局的推进而判断。而且对于优先级，那么我们很容易想到通过我们的选择利用优先级，而且我们一定是均匀选择石头剪刀布而不给对方机会的。
第一步：在知道对方优先级的情况下，由于一开局没有我方的选择记录，所以zzz只能选择优先级最高的一个，我们就选择可以克制它的，这是我们利用的第一步，第二步，由于我方已经选择了一次，无论选了什么此时它都是我方选的最多的，那么根据规则zzz一定选择可以克制我方选的最多的这张牌，于是我们又知道了zzz第二步选哪张，我再选择克制zzz的就行，对于第三步，我们只要选择前两局我方未选择过的，用来平均之前的选择记录就好，这样至少保证3局赢2局。
代码：
#include<iostream>
#include<string>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<math.h>
#include<iomanip>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<map>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define M 10int main()
{int p,q,r,i;int a[4];while(scanf("%d%d%d",&p,&q,&r)!=EOF){int maxv=max(p,max(q,r));//int minv=min(p,min(q,r));if(p==maxv){a[1]=3;a[2]=1;a[3]=2;}else if(q==maxv){a[1]=1;a[2]=2;a[3]=3;}else {a[1]=2;a[2]=3;a[3]=1;}for(i=1;i<=33;i++){cout<<a[1]<<endl;cout<<a[2]<<endl;cout<<a[3]<<endl;}cout<<a[1]<<endl;}return 0;
}Time limit per test: 1.0 seconds
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字符串的大，不在于长，而在于妙。
现在给出由数字组成的字符串 s ，求出字符串的所有的非空连续子串中，最妙的那个子串。
一个字符串的妙是这样定义的：将这个子串所表示的整数（有可能带前导 0），除以 10L （其中 L 为字符串的长度）。比如说 123456789 的子串 456 的妙为 456103=0.456 。
Input
给出一行一个字符串 s ( 1≤|s|≤20 000 )。
Output
输出最妙的那个子串。如果有多个，输出最短的那个。如果最短的最妙的子串也有多个，输出字典序最小的那个。
Examples
123456789
9
321
321
题目让输出妙值最大的子串，正确答案的首位一定是数字串中最大的一位数，末位直到字符串最后一个非0字符 （也就是对于正确答案结果尾部的0要都去掉），那么我们可以直接枚举每一个判断妙值就好，
其实也根本没有所谓的字典序最小，正确答案的字典序是唯一的，对于“输出最短的”也只是去掉尾部的0，因为如果对于每一位都非0的两个答案，而且他们的每一位对应相等，那么比较长的一个才是正确答案。
代码：
#include<iostream>
#include<string>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<math.h>
#include<iomanip>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<map>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define M 20005
char str[M];
int len;
bool ok[M];void not_ok(int it)
{memset(ok,false,sizeof(ok));int i;for(i=len-1;i>it;i--){if(str[i]=='0'){ok[i]=true;}else{break;}}
}int main()
{scanf("%s",str);int i,j;len=strlen(str);int ans=0,loc=0,maxv=0;for(i=0;i<len;i++){int tmp=str[i]-'0';if(tmp>maxv){maxv=tmp;ans=i;}else if(tmp==maxv){loc=i;int L=len-loc;for(j=1;j<L;j++) //判断两个待选答案的每一位，{if(str[ans+j]>str[loc+j]) //ans对应的答案从某一位开始大于loc对应的答案，ans正确{break;}else if(str[ans+j]<str[loc+j]) //loc对应的答案从某一位开始大于ans对应的答案，loc正确{ans=loc;break;}//如果两者每一位对应相等，那么比较长的一个才是正确答案。即ans比较长}}}if(str[ans]=='0'){cout<<0<<endl;}else{not_ok(ans);for(i=ans;i<len;i++){if(ok[i]==true) //去尾部的0break;cout<<str[i];}cout<<endl;}return 0;
}